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江苏高考物理答案详解
一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意．
1．（3分）真空中，A、B两点与点电荷Q的距离分别为r和3r，则A、B两点的电场强度大小之比为（）
A．3：1 B．1：3 C．9：1 D．1：9
【考点】A6：电场强度与电场力；A8：点电荷的电场
【专题】532：电场力与电势的性质专题．
【分析】直接根据库伦定律公式计算出试探电荷q所受电场力，然后利用电场强度的定义式即可求出在M所在处的场强的大小．
【解答】解：引入一个试探电荷q，分别计算它在AB两点受的电场力。
得：F1＝9F2
故选：C。
【点评】本题很简单直接考查了库伦定律和电场强度定义式的应用，对于这些公式一定要明确其适用条件和公式中各个物理量的含义．
2．（3分）一充电后的平行板电容器保持两极板的正对面积、间距和电荷量不变，在两极板间插入一电介质，其电容C和两极板间的电势差U的变化情况是（）
A．C和U均增大 B．C增大，U减小
C．C减小，U增大 D．C和U均减小
【考点】AQ：平行板电容器的电容
【专题】533：电容器专题．
【分析】根据电容的决定式判断电容大小，根据定义式判断电压变化．
故选：B。
【点评】本题考查了等容的定义式和决定式的配合应用．
3．（3分）如图所示，细线的一端固定于O点，另一端系一小球．在水平拉力作用下，小球以恒定速率在竖直平面内由A点运动到B点．在此过程中拉力的瞬时功率变化情况（）
A．逐渐增大 B．逐渐减小
C．先增大，后减小 D．先减小，后增大
【考点】63：功率、平均功率和瞬时功率
【专题】52C：功率的计算专题．
【分析】根据小球做圆周运动，合力提供向心力，即合力指向圆心，求出水平拉力和重力的关系，根据P＝Fvcosα得出拉力瞬时功率的表达式，从而判断出拉力瞬时功率的变化．
【解答】解：因为小球是以恒定速率运动，即它是做匀速圆周运动，那么小球受到的重力G、水平拉力F、绳子拉力T三者的合力必是沿绳子指向O点。
得F＝Gtanθ
而水平拉力F的方向与速度V的方向夹角也是θ，所以水平力F的瞬时功率是
P＝Fvcosθ
则P＝Gvsinθ
显然，从A到B的过程中，θ是不断增大的，所以水平拉力F的瞬时功率是一直增大的。故A正确，B、C、D错误。
故选：A。
【点评】解决本题的关键掌握瞬时功率的表达式P＝Fvcosα，注意α为F与速度的夹角．
4．（3分）将一只皮球竖直向上抛出，皮球运动时受到空气阻力的大小与速度的大小成正比。下列描绘皮球在上升过程中加速度大小a与时间t关系的图象，可能正确的是（）
A．
B．
C．
D．
【考点】1N：竖直上抛运动
【专题】16：压轴题；511：直线运动规律专题．
【分析】受力分析后根据牛顿第二定律判断加速度的变化规律，同时结合特殊位置（最高点）进行判断。
【解答】解：B、D、皮球竖直向上抛出，受到重力和向下的空气阻力，根据牛顿第二定律，有：mg+f＝ma
根据题意，空气阻力的大小与速度的大小成正比，有：f＝kv
A、C、由于速度不断减小，故加速度不断减小，到最高点速度为零，阻力为零，加速度为g，不为零，故BD均错误；
故选：C。
【点评】本题关键是受力分析后得到加速度的表达式，然后结合速度的变化得到阻力变化，最后判断出加速度的变化规律。
5．（3分）如图所示，一夹子夹住木块，在力F作用下向上提升。夹子和木块的质量分别为m、M，夹子与木块两侧间的最大静摩擦力均为f。若木块不滑动，力F的最大值是（）
【考点】27：摩擦力的判断与计算；29：物体的弹性和弹力；3C：共点力的平衡
【专题】527：共点力作用下物体平衡专题．
【分析】隔离对木块分析，通过牛顿第二定律求出木块的最大加速度，再对整体分析，运用牛顿第二定律求出拉力F的最大值．
对整体分析得：F﹣（M+m）g＝（M+m）a
故选：A。
【点评】解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律进行求解．注意整体法和隔离法的运用．
二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．
6．（4分）如图所示，相距l的两小球A、B位于同一高度h（l、h均为定值）．将A向B水平抛出的同时，B自由下落．A、B与地面碰撞前后，水平分速度不变，竖直分速度大小不变、方向相反．不计空气阻力及小球与地面碰撞的时间，则（）
A．A、B在第一次落地前能否发生相碰，取决于A的初速度大小
B．A、B在第一次落地前若不碰，此后就不会相碰
C．A、B不可能运动到最高处相碰
D．A、B一定能相碰
【考点】1J：自由落体运动；43：平抛运动
【专题】514：自由落体运动专题．
【分析】因为平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据该规律抓住地面碰撞前后，水平分速度不变，竖直分速度大小不变、方向相反与判断两球能否相碰．
【解答】解：A、若A球经过水平位移为l时，还未落地，则在B球正下方相碰。可知当A的初速度较大时，A、B在第一次落地前能发生相碰，故A正确。
B、若A、B在第一次落地前不碰，由于反弹后水平分速度不变，竖直分速度大小不变、方向相反，则以后一定能碰。故B错误，D正确。
故选：AD。
【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，根据该规律进行分析．
7．（4分）某同学设计的家庭电路保护装置如图所示，铁芯左侧线圈L1由火线和零线并行绕成。当右侧线圈L2中产生电流时，电流经放大器放大后，使电磁铁吸起铁质开关K，从而切断家庭电路。仅考虑L1，在铁芯中产生的磁场，下列说法正确的有（）
A．家庭电路正常工作时，L2中的磁通量为零
B．家庭电路中使用的电器增多时，L2中的磁通量不变
C．家庭电路发生短路时，开关K将被电磁铁吸起
D．地面上的人接触火线发生触电时，开关 K 将被电磁铁吸起
【考点】E8：变压器的构造和原理
【专题】53A：交流电专题．
【分析】火线和零线并行绕制，所以在家庭电路正常工作时，火线和零线的电流大小相等，方向相反，因此合磁通量为零，L2中的磁通量为零，地面上的人接触火线发生触电时，火线的电流突然变大，即L1中的磁场发生变化，导致L2中的磁通量变化，L2中产生感应电流，电磁铁将开关K吸起．
【解答】解：A、由于火线和零线并行绕制，所以在家庭电路正常工作时，火线和零线的电流大小相等，方向相反，因此合磁通量为零，L2中的磁通量为零，A项正确；
B、当家庭电路中使用的电器增多时，火线和零线的电流仍然大小相等，方向相反，L2中的磁通量不变，B项正确；
C、家庭电路发生短路时，火线和零线的电流同时增大，合磁通量仍然为零，因此开关K不会被电磁铁吸起，C项错误；
D、当地面上的人接触火线发生触电时，火线的电流突然变大，即L1中的磁场发生变化，导致L2中的磁通量变化，L2中产生感应电流，电磁铁将开关K吸起，D项正确。
故选：ABD。
【点评】本题考查了变压器的构造和原理，难点在于火线和零线并行绕制，要理解为什么副线圈中的磁通量为零．
8．（4分）2011年8月，“嫦娥二号”成功进入了环绕“日地拉格朗日点”的轨道，我国成为世界上第三个造访该点的国家。如图所示，该拉格朗日点位于太阳和地球连线的延长线上，一飞行器处于该点，在几乎不消耗燃料的情况下与地球同步绕太阳做圆周运动。则此飞行器的（）
A．线速度大于地球的线速度
B．向心加速度大于地球的向心加速度
C．向心力仅由太阳的引力提供
D．向心力仅由地球的引力提供
【考点】4F：万有引力定律及其应用；4H：人造卫星
【专题】16：压轴题；52A：人造卫星问题．
【分析】飞行器与地球同步绕太阳运动，角速度相等，飞行器靠太阳和地球引力的合力提供向心力，根据v＝rω，a＝rω2比较线速度和向心加速度的大小。
【解答】解：A、飞行器与地球同步绕太阳运动，角速度相等，根据v＝rω，知探测器的线速度大于地球的线速度。故A正确。
B、根据a＝rω2知，探测器的向心加速度大于地球的向心加速度。故B正确。
C、探测器的向心力由太阳和地球引力的合力提供。故C、D错误。
故选：AB。
【点评】本题考查万有引力的应用，题目较为新颖，在解题时要注意分析向心力的来源及题目中隐含的条件。
9．（4分）如图所示，MN是磁感应强度为B的匀强磁场的边界．一质量为m、电荷量为 q 的粒子在纸面内从O点射入磁场．若粒子速度为v0，最远能落在边界上的A点．下列说法正确的有（）
A．若粒子落在A点的左侧，其速度一定小于v0
B．若粒子落在A点的右侧，其速度一定大于v0
【考点】CI：带电粒子在匀强磁场中的运动
【专题】16：压轴题；536：带电粒子在磁场中的运动专题．
【解答】解：当从O点垂直射入磁场时，OA距离最大，最大距离为2r，如图示
A．当粒子打在A点的左侧，若入射方向不变，半径减小，速度小于v0，若入射方向调整，半径可能比原来大，也可能比原来小，所以其速度可能等于或大于v0，因为速度方向未知，离子的入射方向只要偏左或偏右皆可，故A错误。
B．由于速度等于v0时最远到达A，故要使最远点到达A右侧，速度必须大于v0，故B正确。
C．当粒子从O点垂直射入磁场时，若刚好达到A点左侧距离d处，则有
同B项，要满足条件，速度必须大于v，故C正确
D．由于粒子是沿任意方向飞入，所示速度极大的粒子仍可满足条件。故D错误。
故选：BC。
【点评】本题易错点为离子初速度方向未知，若按惯性思维认为垂直射入即出错．
三、简答题：本题必做题（第10、11题）共计42分．请将解答填写在答题卡相应的位置．
10．（8分）如图1所示的黑箱中有二只相同的电学元件，小明使用多用电表对其进行探测．
（1）在使用多用电表前，发现指针不在左边“0”刻度线处，应先调整如图2中多用电表的A（选填“A”、“B”或“C“）．
（2）在用多用电表的直流电压挡探测黑箱a、b接点间是否存在电源时，一表笔接a，另一表笔应短暂（选填“短暂”或“持续”）接b，同时观察指针偏转情况．
（3）在判定黑箱中无电源后，将选择开关旋至“×l”挡，调节好多用电表，测量各接点间的阻值．测量中发现，每对接点间正反向阻值均相等，测量记录如下表．两表笔分别接a、b时，多用电表的示数如图2所示．
请将记录表补充完整，并在答题卡的黑箱图中画出一种可能的电路．
两表笔接的接点多用电表的示数
a，b5.0Ω
a，c10.0Ω
b，c15.0Ω
【考点】N3：测定电源的电动势和内阻；N4：用多用电表测电阻
【专题】13：实验题；16：压轴题；535：恒定电流专题．
【分析】（1）任何电表使用前都需要机械调零；
（2）由于指针可能反转，故应该短接；
（3）由于每对接点间正反向阻值均相等，说明无二极管；最简单的电路是两个电阻串联．
【解答】解：（1）电表使用前都需要机械调零，故选A；
（2）由于电流的流向未知，指针可能反转，故不宜长时间通电，故应该短暂接触；
（3）由于每对接点间正反向阻值均相等，说明无二极管；最简单的电路是两个电阻串联，电路如图；
故答案为：（1）A，（2）短暂，（3）5.0，如图所示．
【点评】本题关键是明确多用电表的使用方法，黑箱问题判断可以先判断有无电源，然后判断有无二极管，最后判断可能的内部构造．
11．（10分）为测定木块与桌面之间的动摩擦因数，小亮设计了如图所示的装置进行实验．实验中，当木块A位于水平桌面上的O点时，重物B刚好接触地面．将A拉到P 点，待B稳定后静止释放，A最终滑到Q点．分别测量OP、OQ的长度h和s．改变h，重复上述实验，分别记录几组实验数据．
（1）实验开始时，发现A释放后会撞到滑轮．请提出两个解决方法．
（2）请根据下表的实验数据作出s﹣h关系的图象．
h/cm20.030.040.050.060.0
s/cm19.528.539.048.056.5
（3）实验测得A、B的质量分别为m＝0.4kg、M＝0.50kg．根据s﹣h图象可计算出A木块与桌面间的动摩擦因数μ＝0.4．（结果保留一位有效数字）
（4）实验中，滑轮轴的摩擦会导致μ的测量结果偏大（选填“偏大”或“偏小”）．
【考点】M9：探究影响摩擦力的大小的因素
【专题】13：实验题；16：压轴题；524：摩擦力专题．
【分析】（1）B减少的重力势能转化成系统的内能和A、B的动能，A释放后会撞到滑轮，说明B减少的势能太多，转化成系统的内能太少，从而找作答依据．
（2）根据所给数据进行描点、连线作图；
（3）对在B下落至临落地时和在B落地后，A运动到Q，两个过程运用动能定理，求得μ的表达式，再结合从s﹣h图象，即可求解μ；
（4）由于滑轮轴的摩擦会导致s变小，根据μ的表达式可知误差结果．
【解答】解：（1）B减少的重力势能转化成系统的内能和AB的动能，A释放后会撞到滑轮，说明B减少的势能太多，转化成系统的内能太少，可以通过减小B的质量；增加细线的长度（或增大A的质量；降低B的起始高度）解决．故解决方法有：可以通过减小B的质量；增加细线的长度（或增大A的质量；降低B的起始高度）．
（2）描点，连线，如图所示：
故答案为：0.4．
故答案为：偏大．
【点评】在判断此类问题时，要深刻理解动能定理，能量守恒定律，要会通过图象分析相关问题．
四、选修3-3
12．（4分）下列现象中，能说明液体存在表面张力的有（）
A．水黾可以停在水面上
B．叶面上的露珠呈球形
C．滴入水中的红墨水很快散开
D．悬浮在水中的花粉做无规则运动
下面这些是小编精心收集整理的江苏高考物理答案详解，希望可以帮助到有需要的朋友，欢迎阅读下载。
江苏高考物理答案详解
一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意．
1．（3分）真空中，A、B两点与点电荷Q的距离分别为r和3r，则A、B两点的电场强度大小之比为（）
A．3：1 B．1：3 C．9：1 D．1：9
【考点】A6：电场强度与电场力；A8：点电荷的电场
【专题】532：电场力与电势的性质专题．
【分析】直接根据库伦定律公式计算出试探电荷q所受电场力，然后利用电场强度的定义式即可求出在M所在处的场强的大小．
【解答】解：引入一个试探电荷q，分别计算它在AB两点受的电场力。
得：F1＝9F2
故选：C。
【点评】本题很简单直接考查了库伦定律和电场强度定义式的应用，对于这些公式一定要明确其适用条件和公式中各个物理量的含义．
2．（3分）一充电后的平行板电容器保持两极板的正对面积、间距和电荷量不变，在两极板间插入一电介质，其电容C和两极板间的电势差U的变化情况是（）
A．C和U均增大 B．C增大，U减小
C．C减小，U增大 D．C和U均减小
【考点】AQ：平行板电容器的电容
【专题】533：电容器专题．
【分析】根据电容的决定式判断电容大小，根据定义式判断电压变化．
故选：B。
【点评】本题考查了等容的定义式和决定式的配合应用．
3．（3分）如图所示，细线的一端固定于O点，另一端系一小球．在水平拉力作用下，小球以恒定速率在竖直平面内由A点运动到B点．在此过程中拉力的瞬时功率变化情况（）
A．逐渐增大 B．逐渐减小
C．先增大，后减小 D．先减小，后增大
【考点】63：功率、平均功率和瞬时功率
【专题】52C：功率的计算专题．
【分析】根据小球做圆周运动，合力提供向心力，即合力指向圆心，求出水平拉力和重力的关系，根据P＝Fvcosα得出拉力瞬时功率的表达式，从而判断出拉力瞬时功率的变化．
【解答】解：因为小球是以恒定速率运动，即它是做匀速圆周运动，那么小球受到的重力G、水平拉力F、绳子拉力T三者的合力必是沿绳子指向O点。
得F＝Gtanθ
而水平拉力F的方向与速度V的方向夹角也是θ，所以水平力F的瞬时功率是
P＝Fvcosθ
则P＝Gvsinθ
显然，从A到B的过程中，θ是不断增大的，所以水平拉力F的瞬时功率是一直增大的。故A正确，B、C、D错误。
故选：A。
【点评】解决本题的关键掌握瞬时功率的表达式P＝Fvcosα，注意α为F与速度的夹角．
4．（3分）将一只皮球竖直向上抛出，皮球运动时受到空气阻力的大小与速度的大小成正比。下列描绘皮球在上升过程中加速度大小a与时间t关系的图象，可能正确的是（）
A． B．
C． D．
【考点】1N：竖直上抛运动
